物理（江蘇卷）--2025年高考物理考前押題密卷（考試卷+答案+全解全析+答題卡）

這是一份物理（江蘇卷）--2025年高考物理考前押題密卷（考試卷+答案+全解全析+答題卡），文件包含物理江蘇卷全解全析docx、物理江蘇卷參考答案及評分標準docx、物理江蘇卷考試版A3docx、物理江蘇卷答題卡A3pdf等4份試卷配套教學資源，其中試卷共25頁， 歡迎下載使用。
2、鍛煉同學的考試心理，訓練學生快速進入考試狀態(tài)。高考的最佳心理狀態(tài)是緊張中有樂觀，壓力下有自信，平靜中有興奮。
3、訓練同學掌握一定的應試技巧，積累考試經(jīng)驗。模擬考試可以訓練答題時間和速度。高考不僅是知識和水平的競爭，也是時間和速度的競爭，可以說每分每秒都是成績。
4、幫助同學正確評估自己。高考是一種選撥性考試，目的是排序和擇優(yōu)，起決定作用的是自己在整體中的相對位置。
2025年高考考前押題密卷
物理·參考答案
一、單項選擇題：共11題，每題4分，共44分，每題只有一個選項最符合題意
二、非選擇題：共5題，共56分。其中第13題~第16題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。
12．（10分）（2）b （2分）（4）eq \f(r0,k)（2分） eq \f(r0d,k)－R0－RA （3分） （5）（3分）
13．（9分）（1）如圖所示，由幾何關系可得∠i＝30°，∠r＝60°，（1分）
根據(jù)折射定律有n＝eq \f(sin r,sin i)＝eq \f(sin 60°,sin 30°)＝eq \r(3)。（2分）
（2）光從A到C的時間為t＝eq \f(2Rcs 30°,v)，v＝eq \f(c,n)，（2分）
聯(lián)立解得t＝eq \f(3R,c)。（1分）
（3）如圖所示，當光的入射角為45°時，光在M點發(fā)生全反射，反射光線經(jīng)過B點，光從A到B的時間為t′＝eq \f(2\r(2)R,v)＝eq \f(2\r(6)R,c)。（3分）
14．（9分）（1）從圖象可知振源的周期為T＝0.4 s （1分）
P和Q的相位始終相反，則d＝eq \f(λ,2)＋nλ （1分）
解得λ＝eq \f(2d,2n＋1)（n＝0，1，2，3，…） （1分）
由波速v＝eq \f(λ,T)
解得v＝eq \f(5d,2n＋1)（n＝0，1，2，3，…） （1分）
當n＝0時，波速最大，為v＝50 m/s （1分）
（2）原點兩側(cè)的波形是鏡像對稱圖形，P點和它的對稱點P′振動相同，在P′和Q之間P′Q＝d－2E＝eq \f(λ,2)＋nλ（n＝0，1，2，3，…） （1分）
得λ＝eq \f(2（d－2E）,2n＋1)（n＝0，1，2，3，…） （1分）
由公式v＝eq \f(λ,T)
解得v＝eq \f(d－2E,0.2（2n＋1）)＝eq \f(10（5－E）,2n＋1)（n＝0，1，2，3，…）。（2分）
15．（12分）（1）小滑塊在AB軌道上運動mgh－μmgcs θ·eq \f(h,sin θ)＝eq \f(1,2)mv02，（1分）
代入數(shù)據(jù)解得v0＝eq \f(4,3)eq \r(gh)＝4 m/s （1分）
（2）設小滑塊滑至B點時的速度為vB，小滑塊與小球碰撞后速度分別為v1、v2，碰撞過程中動量守恒，機械能守恒，
因此有mvB＝mv1＋mv2，eq \f(1,2)mvB2＝eq \f(1,2)mv12＋eq \f(1,2)mv22， （2分）
解得v1＝0，v2＝vB （1分）
小球沿CDEF軌道運動，在最高點可得mg＝meq \f(v\\al(Emin2),R) （1分）
從C點到E點由機械能守恒可得eq \f(1,2)mvEmin2＋mg（R＋r）＝eq \f(1,2)mvBmin2其中vBmin＝eq \f(4,3)eq \r(ghmin)， （1分）
解得hmin＝0.45 m （1分）
（3）設F點到G點的距離為y，小球從E點到Q點的運動，由動能定理mg（R＋y）＝eq \f(1,2)mvG2－eq \f(1,2)mvEmin2 （1分）
由平拋運動規(guī)律可得x＝vGt，H＋r－y＝eq \f(1,2)gt2 （1分）
聯(lián)立可得水平距離為x＝2eq \r(?0.5－y??0.3＋y?) （1分）
由數(shù)學知識可得，當0.5－y＝0.3＋y時，x有最大值最大值為xmax＝0.8 m。 （1分）
16．（16分）（1）如圖所示
將離子甲在A點的出射速度v0分解到沿y軸方向和z軸方向，離子受到的靜電力沿y軸負方向，可知離子沿z軸方向做勻速直線運動，沿y軸方向做勻減速直線運動，從A到O的過程，有L＝v0cs β·t，v0sin β＝at，a＝eq \f(qE,m) （1分）
聯(lián)立解得E＝eq \f(mv02sin βcs β,qL)。（1分）
（2）如圖所示
離子從坐標原點O沿z軸正方向進入磁場Ⅰ中，由洛倫茲力提供向心力可得qv1B＝eq \f(mv12,rⅠ)（1分）
離子經(jīng)過磁場Ⅰ偏轉(zhuǎn)后從y軸進入磁場Ⅱ中，由洛倫茲力提供向心力可得qv1·eq \f(\r(2),2)B＝eq \f(mv12,rⅡ)，
可得rⅡ＝eq \r(2)rⅠ （1分）
為了使離子在磁場中運動，需滿足rⅠ≤d，rⅡ≤3d
則可得v1≤eq \f(qBd,m) （1分）
故要使離子甲進入磁場后始終在磁場中運動，進入磁場時的最大速度為eq \f(qBd,m)。（1分）
（3）離子甲以v＝eq \f(qBd,2m)的速度從O點沿z軸正方向第一次穿過xOy面進入磁場Ⅰ，離子在磁場Ⅰ中的軌跡半徑為r1＝eq \f(mv,qB)＝eq \f(d,2) （1分）
離子在磁場Ⅱ中的軌跡半徑為r2＝eq \f(\r(2)d,2) （1分）
離子從O點第一次穿過到第四次穿過xOy平面的運動情景，如圖所示
離子第四次穿過xOy平面的x坐標為x4＝2r2sin 45°＝d
離子第四次穿過xOy平面的y坐標為y4＝2r1＝d （1分）
故離子第四次穿過xOy平面的位置坐標為（d，d，0）。（1分）
（4）設離子乙的速度為v′，根據(jù)離子甲、乙動能相同，可得eq \f(1,2)mv2＝eq \f(1,2)×4mv′2 （1分）
可得v′＝eq \f(v,2)＝eq \f(qBd,4m) （1分）
離子乙在磁場Ⅰ中的軌跡半徑為r1′＝eq \f(4mv′,qB)＝d＝2r1 （1分）
離子乙在磁場Ⅱ中的軌跡半徑為r2′＝eq \f(4mv′,q·\f(\r(2),2)B)＝eq \r(2)d＝2r2 （1分）
根據(jù)幾何關系可知離子甲、乙運動軌跡第一個交點如圖所示，
從O點進入磁場到軌跡第一個交點的過程，有t甲＝T1＋T2＝eq \f(2πm,qB)＋eq \f(2πm,q·\f(\r(2),2)B)＝（2＋2eq \r(2)）eq \f(πm,qB)
t乙＝eq \f(1,2)T1′＋eq \f(1,2)T2′＝eq \f(1,2)×eq \f(2π·4m,qB)＋eq \f(1,2)×eq \f(2π·4m,q·\f(\r(2),2)B)＝（4＋4eq \r(2)）eq \f(πm,qB) （1分）
可得離子甲、乙到達它們運動軌跡第一個交點的時間差為Δt＝t乙－t甲＝（2＋2eq \r(2)）eq \f(πm,qB)。（1分）
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
D
A
B
C
C
D
D
D
A
D
B