初中物理中考復習 2021年遼寧省營口市中考物理真題（word，解析版）

這是一份初中物理中考復習 2021年遼寧省營口市中考物理真題（word，解析版），共37頁。試卷主要包含了選擇題注意，填空題，作圖題，簡答題，計算題，實驗等內容，歡迎下載使用。
?2021年遼寧省營口市中考物理試卷
一、選擇題（本題共13個小題，共30分。其中1~9小題為單選題，每小題2分；10~13小題為多選題，每小題2分。對于多選題，漏選得2分，錯選不得分。）注意：第1~9小題每題只有一個選項正確。
1．在物理學習過程中，經常要進行估測，下列估測值最接近生活實際的是（　　）
A．九年級物理課本的質量大約是2kg
B．課桌的高度大約是0.75dm
C．我國家庭電路的電壓是220V
D．家用電熱水壺的功率大約是100W
2．下列關于物態(tài)變化的說法中正確的是（　?。?br /> A．北方冬天在菜窖里放幾桶水，利用水凝固吸熱使菜不被凍壞
B．冬天戶外冰凍的衣服也會干，是汽化現象
C．夏天在教室地面灑水降溫，利用水蒸發(fā)吸熱
D．舞臺上“干冰”制造的“煙霧”，是“干冰”升華形成的
3．關于下列詩詞中的物理現象，說法錯誤的是（　?。?br /> A．“兩岸青山相對出，孤帆一片日邊來。”—以“帆”為參照物“山”是運動的
B．“不敢高聲語，恐驚天上人?！薄案摺笔侵嘎曇舻囊粽{高
C．“停車坐愛楓林晚，霜葉紅于二月花?！薄八笔悄A現象
D．“舉杯邀明月，對影成三人?！薄坝啊笔枪獾闹本€傳播形成的
4．“C919”是我國擁有自主知識產權的干線飛機。下列關于飛機的說法正確的是（　?。?br /> A．飛機降落后不能立即停下來，因為飛機受到慣性
B．飛機輪子上的軸承主要是通過減小接觸面的粗糙程度來減小摩擦的
C．機翼的橫截面形狀“上凸下平”，利用了“流速大壓強大”的原理
D．靜止在水平地面上的飛機受到的重力和支持力是一對平衡力
5．下列光現象中與小孔成像原理相同的是（　?。?br /> A． “手影”游戲 B．水中“折筷”
C．山的“倒影” D．雨后“彩虹”
6．下列關于內能、熱量等說法正確的是（　　）
A．汽油機的做功沖程中機械能轉化為內能
B．端午節(jié)粽葉飄香是擴散現象
C．燒水是通過做功的方式改變水的內能
D．物體溫度越高，含有的熱量越多
7．如圖所示的工具中，屬于費力杠桿的是（　?。?br /> A．瓶蓋起子 B．食品夾
C．核桃鉗 D．起釘錘
8．如圖所示的電路是家庭電路的一部分，電工師傅按下面的順序進行檢測：①閉合S1，燈L1亮；②再閉合S2，燈L1亮，燈L2不亮；③用試電筆測a、b、c、d四個接線點，試電筆只在c點不發(fā)光。若電路中只有一處故障，故障可能是（　　）

A．燈L2短路 B．c點左側的零線斷路
C．燈L2所在支路斷路 D．c、d兩點間斷路
9．下列四個實驗能反映電風扇工作原理的是（　?。?br /> A．
B．
C．
D．
注意：第10~13題每題至少有兩個選項正確。
10．（3分）下列關于安全用電和家庭電路的說法正確的是（　?。?br /> A．大功率家用電器的金屬外殼必須接地
B．空氣開關跳閘，一定是電路發(fā)生了短路
C．使用試電筆時，手必須接觸筆尾金屬體
D．控制電燈的開關必須接在電燈和火線之間
11．（3分）人們很難徒手打開新買的瓶裝罐頭，而用鋼匙撬瓶蓋，聽到“噗”的進氣聲，瓶蓋就容易打開了。下列說法正確的是（　?。?br /> A．瓶蓋很難被打開是因為瓶內氣壓大于瓶外氣壓
B．“噗”的一聲是空氣振動發(fā)出的
C．在撬瓶蓋的過程中鋼匙相當于省力杠桿
D．玻璃瓶口的螺紋相當于斜面
12．（3分）如圖所示，水平桌面上甲、乙兩個底面積不同的燒杯，分別盛有A、B兩種不同液體，此時杯底受到液體的壓強相同，將兩個完全相同的小球分別放入兩個燒杯中，靜止后，小球在甲杯中漂浮，在乙杯中懸?。]有液體溢出）。下列判斷正確的是（　　）

A．甲燒杯中液體A的密度小于乙燒杯中液體B的密度
B．放入小球后液體對甲杯底的壓力大于液體對乙杯底的壓力
C．放入小球后液體對甲杯底的壓強小于液體對乙杯底的壓強
D．甲燒杯中小球受到的浮力等于乙燒杯中小球受到的浮力
13．（3分）如圖甲所示的電路中，電源電壓保持不變，R0為定值電阻，R為滑動變阻器。閉合開關S，移動滑片P，滑動變阻器消耗的電功率與電流關系的圖像如圖乙所示。則（　　）

A．滑動變阻器的最大阻值是20Ω
B．滑動變阻器消耗的電功率最大時，變阻器的阻值是10Ω
C．電源電壓為8V
D．電路消耗的最大電功率為14.4W
二、填空題（本題共8個小題，每空1分，共25分）
14．（3分）我國用“長征”火箭成功發(fā)射了“天舟二號”貨運飛船，并與“天和號”核心艙順利對接。在對接過程中，“天舟二號”相對于“天和號”是 　 　的，地面指揮中心發(fā)出的指令是通過 　 　傳輸給“天舟二號”的，飛船在軌道運行過程中 　 　（選填“受到”或“不受”）力的作用。
15．（3分）“柴門聞犬吠，風雪夜歸人”這一詩句中，人的腳步聲引起狗叫，說明聲音能傳遞 　 　；狗的叫聲是通過 　 　傳到人耳中的；人是根據聲音的 　 　這一特性辨別出狗的叫聲。
16．如圖所示，驗電器A帶正電，用帶有絕緣柄的金屬棒將驗電器A和不帶電的驗電器B的金屬球連接起來，發(fā)現驗電器B的金屬箔片張開，則驗電器B帶 　 　電，瞬間自由電子定向移動的方向是 　 　（選填“由A到B”或“由B到A”）。

17．（4分）我國三峽工程是舉世矚目的跨世紀工程，三峽船閘是世界上最大的船閘。船閘是利用 　 　原理工作的；三峽大壩設計成上窄下寬的形狀是因為液體壓強隨深度的增加而 　 ?。ㄟx填“增大”或“減小”）；水庫蓄水發(fā)電是 　 　能轉化為電能，而電能在傳輸過程中由于電流的 　 　效應會產生電能損耗。
18．（4分）煤炭是 　 ?。ㄟx填“可再生”或“不可再生”）能源，煤炭的大量使用會造成環(huán)境污染，為了減少環(huán)境污染，我國已經建成了多座利用原子核 　 ?。ㄟx填“裂變”或“聚變”）釋放能量來發(fā)電的核電站；消毒柜是利用 　 　（選填“紅外線”或“紫外線”）來消毒殺菌的；現在廣泛使用的LED節(jié)能燈主要是利用 　 ?。ㄟx填“超導”或“半導體”）材料制成的。
19．（3分）如圖所示，一個長方體木塊在6N的水平拉力作用下，在水平桌面上做勻速直線運動，木塊受到桌面的摩擦力是 　 　N，如果拉力增大到10N，木塊受到的摩擦力將 　 ?。ㄟx填“變大”、“變小”或“不變”）；如果將靜止在水平桌面上的木塊沿豎直方向切割掉三分之一，則切割前后木塊對桌面的壓強之比是 　 　。

20．（3分）如圖所示，物體A重100N．物體B重10N，此時A沿著水平桌面以0.2m/s的速度向右做勻速直線運動（不計摩擦、繩重及滑輪重），那么物體B勻速下降的速度是　 　m/s，物體A與水平面間的摩擦力是　 　N，10s內物體A受到的拉力做功　 　J。

21．（3分）將“12V 12W”的小燈泡L1和“12V 6W”的小燈泡L2串聯起來，直接接到電壓恒定的電源兩端。開關閉合后，恰好有一個小燈泡正常發(fā)光，而另一個小燈泡比正常發(fā)光時暗些，則正常發(fā)光的小燈泡是 　 　，電源電壓是 　 　V，發(fā)光較暗的小燈泡的實際功率是 　 　W。（燈絲電阻不變）
三、作圖題（本題共3個小題，每小題3分，共9分）
22．（3分）用等長絕緣細線懸掛著的甲、乙兩個完全相同的帶電小球靜止時，小球位置如圖所示，請畫出甲球所受力的示意圖（力的作用點在球心）。

23．（3分）如圖所示，S′是點光源S在平面鏡中所成的像，S發(fā)出的一條光線經平面鏡反射后恰好經過凸透鏡左側焦點F。要求：
（1）畫出點光源S；
（2）補充入射光線；
（3）畫出反射光線經過凸透鏡的折射光線。

24．（3分）將如圖所示的電磁鐵的電路連接完整，要求：
（1）根據小磁針靜止時N極指向，在括號中標出電磁鐵左端的極性（用“N”或“S”表示）；
（2）在虛線框內畫出電池符號；
（3）開關閉合后，變阻器的滑片只有向右移動時，電磁鐵的磁性才會變強（連接時導線不能交叉）


四、簡答題（本題4分）
25．（4分）為了有效阻斷新冠病毒的傳播，全國人民積極響應政府號召，主動接種新冠疫苗。關于注射疫苗時的一些現象，請你用所學的物理知識加以解釋：
（1）為什么注射器的針頭很尖？
（2）為什么向外拉活塞瓶內的藥液就會被“抽”進針管？
五、計算題（本題共3個小題，共22分。要求寫出必要的文字說明、公式、運算過程、數值、單位和答案）
26．（8分）國產某品牌SUV汽車，質量為1.8t，四個輪胎的著地面積是0.06m2，在水平公路上，以72km/h的速度勻速行駛100km，發(fā)動機的功率恒定為30kW。求：（g取10N/kg，q＝4.5×107J/kg）
（1）該車靜止在水平地面上時對地面的壓強；
（2）該車勻速行駛時的牽引力和行駛100km牽引力做的功；
（3）若汽油完全燃燒釋放的內能全部轉化為車的機械能，該車行駛100km需要汽油多少千克。（結果保留一位小數）

27．（7分）圖甲所示的電路中，燈泡L的額定功率為3.6W（燈絲電阻不變），開關S閉合，S1斷開，變阻器的滑片移動到最左端時，燈泡L正常發(fā)光。圖乙是變阻器的滑片從最右端移動到最左端過程中，電壓表示數隨電流表示數變化的圖像。求：
（1）電源電壓；
（2）變阻器R的最大阻值；滑片在變阻器的最右端時，燈泡L的實際功率；
（3）什么情況下電路消耗的功率最大；此時變阻器1min消耗的電能。

28．（7分）圖甲是某款具有加熱和保溫雙重功能的暖奶器的簡化電路圖，其加熱效率為80%。圖乙是暖奶器某次工作時電流隨時間變化的圖像。[最適合寶寶飲用的牛奶溫度是40℃，c牛奶＝4.0×103J/（kg?℃）]求：
（1）電阻R2的阻值是多少；
（2）加熱過程電路消耗的電能是多少；這些電能可將多少千克牛奶從20℃加熱到40℃。

六、實驗、探究題（本題共4個小題，共30分）
29．（7分）學習小組“探究凸透鏡成像的規(guī)律”，進行了如下操作：

（1）安裝好器材后，調節(jié)燭焰、凸透鏡和光屏，使它們三者中心在 　 　。
（2）實驗時，將凸透鏡放置在光具座50cm刻度處，蠟燭和光屏移動到如圖所示的位置時，光屏上得到燭焰清晰的像，保持蠟燭和光屏的位置不動，將凸透鏡移動到光具座 　 　cm刻度處，光屏上再次出現燭焰 　 　（選填“放大”、“等大”或“縮小”）的清晰的像，生活中 　 ?。ㄟx填“照相機”、“投影儀”或“放大鏡”）就是根據這個原理制成的。
（3）將一個凹透鏡放在蠟燭和凸透鏡之間，光屏上的像變得模糊了，向 　 　（選填“左”或“右”）移動光屏，像又變得清晰了，用這種方法可以矯正 　 　（選填“近視”或“遠視”）。
（4）實驗中蠟燭燃燒變短，燭焰的像離開了光屏的中央，將凸透鏡向 　 　移動，燭焰的像就可以重新回到光屏的中央。
30．（6分）圖甲是探究“水沸騰時溫度變化的特點”的實驗裝置：

（1）實驗器材的組裝順序為 　 ?。ㄟx填“自下而上”或“自上而下”）
（2）甲圖中有一處明顯的錯誤是 　 ?。?br /> （3）改正錯誤后，某一時刻溫度計的示數如圖乙所示，此時水的溫度是 　 　℃；
（4）水沸騰時，杯口附近出現大量“白氣”，“白氣”是水蒸氣遇冷 　 　形成的。繼續(xù)對水加熱，水的溫度 　 ?。ㄟx填“升高”、“降低”或“不變”）；由圖丙可知水的沸點是98℃，此時的大氣壓強 　 ?。ㄟx填“高于”、“低于”或“等于”）1標準大氣壓。
31．（8分）探究小組的同學們利用天平、量筒等實驗器材測量一個金屬塊的密度，具體實驗操作如下：

（1）將天平放在水平桌面上，將游碼移至標尺左端的 　 　處，此時指針位置如圖甲所示，要使天平平衡，應向 　 　調節(jié)平衡螺母。
（2）把金屬塊放在天平左盤，向右盤加減砝碼并調節(jié)游碼在標尺上的位置，天平平衡后，右盤中砝碼質量和游碼的位置如圖乙所示，金屬塊的質量是 　 　g。
（3）在量筒中加入20mL水，讀數時視線應與凹液面底部 　 　，將金屬塊輕輕放入量筒中，如圖丙所示，則金屬塊的體積是 　 　cm3。
（4）金屬塊的密度是 　 　kg/m3。
（5）實驗時，若將（2）、（3）兩個步驟順序對調，這種方法測出的金屬塊的密度與真實值相比 　 　（選填“偏大”或“偏小”）
（6）小強同學又取來一根粗細均勻的飲料吸管，在其下端塞入適量金屬絲并用石蠟封口，制成一個能始終豎直漂浮在液體中的簡易密度計，用這個簡易密度計測量某液體的密度，實驗步驟如下：（ρ水＝1.0×103kg/m3）
①用刻度尺測出密度計的長度是10cm；
②將密度計放入盛有水的燒杯中，靜止后測出密度計露出水面的長度是4cm；
③將密度計從水中取出并擦干，然后放入盛有被測液體的燒杯中，靜止后測出密度計露出水面的長度是2cm；
④被測液體的密度是 　 　g/cm3。

32．（9分）小剛在實驗室利用圖甲所示的實驗裝置測量額定電壓為2.5V小燈泡的額定功率（電源電壓恒定）。實驗步驟如下：

（1）開關閉合前，應將滑片移到變阻器的 　 　（選填“最左”或“最右”）端；
（2）閉合開關，移動變阻器的滑片，電流表有示數，而電壓表沒有示數，故障的原因可能是小燈泡 　 ?。ㄟx填“短路”或“斷路”）；
（3）排除故障后，移動變阻器的滑片到某一位置時，電壓表的示數為1V，此時應將變阻器的滑片向 　 ?。ㄟx填“左”或“右”）滑動，直到電壓表的示數為2.5V時為止，此時電流表的示數如圖乙所示，則電流值為 　 　A，小燈泡的額定功率為 　 　W。
（4）根據實驗數據繪制的通過小燈泡的電流隨其兩端電壓變化的圖像，如圖丙所示，該圖像不是直線的原因是 　 　。實驗中小燈泡隨著它兩端電壓的增大而逐漸變亮，是因為小燈泡的亮度是由它的 　 　決定的。
（5）小剛又設計了如圖丁所示的電路，測出了只標有額定電流為0.3A的小燈泡的額定功率。電源電壓恒定，變阻器R1的最大阻值為10Ω，實驗操作如下：
①閉合S1，斷開S2，移動變阻器R1的滑片，使電流表的示數為0.3A；
②閉合S2，斷開S1，保持變阻器R1的滑片位置不動，移動變阻器R2的滑片，使電流表的示數仍為0.3A；
③　 　，將變阻器R1的滑片移到最左端，電流表的示數為0.6A，再將變阻器R1的滑片移到最右端，電流表的示數為0.2A；
④小燈泡的額定功率為 　 　W。

一、選擇題（本題共13個小題，共30分。其中1~9小題為單選題，每小題2分；10~13小題為多選題，每小題2分。對于多選題，漏選得2分，錯選不得分。）注意：第1~9小題每題只有一個選項正確。
1．在物理學習過程中，經常要進行估測，下列估測值最接近生活實際的是（　?。?br /> A．九年級物理課本的質量大約是2kg
B．課桌的高度大約是0.75dm
C．我國家庭電路的電壓是220V
D．家用電熱水壺的功率大約是100W
【分析】（1）一只雞的質量約為2kg。
（2）課桌的高度約為我們身高的一半。
（3）家用電熱水壺的功率一般都比較大。
【解答】解：A.一只雞的質量約為2kg，九年級物理課本的質量低于雞的質量，約為200g。故A錯誤。
B.初中女生的身高在160cm左右，所以課桌的高度約為身高的一半，為80cm＝8dm。故B錯誤。
C.我國家庭電路的電壓為220V。故C正確。
D.家用電熱水壺的電功率一般都比較大，約為1000W。故D錯誤。
故選：C。
【點評】本題屬于估算類試題中比較簡單的一類，只要對身邊事物、物理量有一定的了解，就不難解答。
2．下列關于物態(tài)變化的說法中正確的是（　?。?br /> A．北方冬天在菜窖里放幾桶水，利用水凝固吸熱使菜不被凍壞
B．冬天戶外冰凍的衣服也會干，是汽化現象
C．夏天在教室地面灑水降溫，利用水蒸發(fā)吸熱
D．舞臺上“干冰”制造的“煙霧”，是“干冰”升華形成的
【分析】（1）液體凝固過程放熱；
（2）物質從固態(tài)直接變成氣態(tài)屬于升華現象；
（3）水蒸發(fā)時會吸收熱量；
（4）煙霧是水蒸氣遇冷凝華形成的小冰晶或液化形成的小水珠。
【解答】A、冬天在菜窖里放幾桶水，當溫度很低時，水凝固放熱，可防止菜被凍壞。故A錯誤；
B、物質從固態(tài)直接變成氣態(tài)，屬于升華現象，冰凍的衣服也能晾干屬于升華現象，故B錯誤；
C、炎熱的夏天，往室內地面上灑水，水蒸發(fā)會從周圍吸熱而降低周圍環(huán)境的溫度，故C正確；
D、舞臺上利用干冰制造“煙霧”，是干冰升華吸熱，煙霧是水蒸氣遇冷凝華形成的小冰晶或液化形成的小水珠，故D錯誤；
故選：C。
【點評】此題考查了生活中的熱現象，全面理解概念和基本規(guī)律是解答的基礎。
3．關于下列詩詞中的物理現象，說法錯誤的是（　　）
A．“兩岸青山相對出，孤帆一片日邊來?！薄浴胺睘閰⒄瘴铩吧健笔沁\動的
B．“不敢高聲語，恐驚天上人?！薄案摺笔侵嘎曇舻囊粽{高
C．“停車坐愛楓林晚，霜葉紅于二月花?！薄八笔悄A現象
D．“舉杯邀明月，對影成三人?！薄坝啊笔枪獾闹本€傳播形成的
【分析】（1）研究物體的運動情況時，需要先選取一個標準做為參照物，物體與參照物的位置發(fā)生了變化，物體就是運動的；物體與參照物的位置沒有發(fā)生變化，物體就是靜止的。
（2）音調指聲音的高低，響度指聲音的強弱；
（3）物質由直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華，由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華；
（4）影子是光照在不透明的物體上，由于光是沿直線傳播的，不能照到物體的背面，就在物體的背面形成一個黑暗的區(qū)域。
【解答】解：A、“孤帆一片日邊來”，以“帆”為參照物“山”是運動的，故A錯誤；
B、“不敢高聲語，恐驚天上人”﹣﹣“高”是指聲音的響度大；故B正確；
C、霜是空氣中的水蒸氣遇冷凝結成的小冰晶，屬于凝華現象，該C錯誤；
D、當光遇到不透明物體時，在物體的后方形成一個暗區(qū)，這就是所謂的影子；對影成三人中的“影”是光的直線傳播形成的，故D錯誤；
故選：B。
【點評】此題考查了光的直線傳播、聲現象、物態(tài)變化和機械運動，應用所學物理知識，解釋生活中的物理現象，理論聯系實際，體現了物理與生活的聯系，是一道好題。
4．“C919”是我國擁有自主知識產權的干線飛機。下列關于飛機的說法正確的是（　　）
A．飛機降落后不能立即停下來，因為飛機受到慣性
B．飛機輪子上的軸承主要是通過減小接觸面的粗糙程度來減小摩擦的
C．機翼的橫截面形狀“上凸下平”，利用了“流速大壓強大”的原理
D．靜止在水平地面上的飛機受到的重力和支持力是一對平衡力
【分析】（1）慣性是物體保持原來運動狀態(tài)不變的性質，任何物體都具有慣性；
（2）增大摩擦力的方法：在接觸面粗糙程度一定時，通過增大壓力來增大摩擦力；在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力；減小摩擦力的方法：在接觸面粗糙程度一定時，通過減小壓力來減小摩擦力；在壓力一定時，通過減小接觸面的粗糙程度來減小摩擦力；使接觸面脫離；用滾動摩擦代替滑動摩擦；
（3）在氣體和液體中，流速越大的位置壓強越??；
（4）平衡力的條件：大小相等、方向相反、作用在同一個物體上，作用在同一條直線上。
【解答】解：A、飛機降落后，不能立即停止下來，是由于飛機有慣性，慣性不是力，不能說受到慣性，故A錯誤；
B、飛機輪子上的軸承主要是通過用滾動摩擦代替滑動摩擦來減小摩擦的，故B錯誤；
C、機翼的上方是弧形，空氣流過上方時流速大，壓強??；下方是平面，空氣的流速小，壓強大；這一壓強差使飛機獲得向上的升力，故C錯誤；
D、靜止在水平地面上的飛機受到的重力與地面對飛機的支持力大小相等、方向相反、作用在同一個物體上，作用在同一條直線上，是一對平衡力，故D正確。
故選：D。
【點評】本題考查慣性、減小摩擦的方法、流體壓強與流速的關系以及平衡力，是一道綜合題。
5．下列光現象中與小孔成像原理相同的是（　?。?br /> A．“手影”游戲 B．水中“折筷”
C．山的“倒影” D．雨后“彩虹”
【分析】光在同種、均勻介質中沿直線傳播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直線傳播形成的；
光從一種介質斜射入另一種介質，或在不均勻的介質中，傳播方向發(fā)生變化，屬于光的折射，水中的筷子看起來變彎、凸透鏡成像等都是光的折射形成的；
光射到物體表面又被反回的現象叫光的反射，與平面鏡有關的都是光的反射。
【解答】解：小孔成像是光的直線傳播形成的。
A、手影屬于光的直線傳播現象，故A正確；
B、水中“折筷”是光的折射現象，故B錯誤；
C、山的“倒影”是光的反射現象，故C錯誤；
D、雨后“彩虹”是光的色散現象，是由光的折射形成的，故D錯誤。
故選：A。
【點評】本題主要考查學生利用光學知識解釋生活中常見的物理現象，此題與實際生活聯系密切，體現了生活處處是物理的理念。
6．下列關于內能、熱量等說法正確的是（　?。?br /> A．汽油機的做功沖程中機械能轉化為內能
B．端午節(jié)粽葉飄香是擴散現象
C．燒水是通過做功的方式改變水的內能
D．物體溫度越高，含有的熱量越多
【分析】（1）汽油機的做功沖程是將內能轉化為機械能的過程；
（2）兩種物質相互接觸時，發(fā)生分子彼此進入對方的現象稱為擴散；
（3）做功和熱傳遞是改變物體內能的方式；
（4）熱量是指物體在熱傳遞過程中發(fā)生轉移的內能的量。
【解答】解：A、汽油機的做功沖程是將內能轉化為機械能的過程，而壓縮沖程才是將機械能轉化成內能的過程，所以A錯誤；
B、兩種物質相互接觸時，發(fā)生分子彼此進入對方的現象稱為擴散，在空氣中聞到粽葉的香味是擴散現象，故B正確；
C、燒水的過程，因為水和熱源存在溫度差，所以是通過熱傳遞的方式改變水的內能，故C錯誤；
D、熱量是指物體在熱傳遞過程中發(fā)生轉移的內能的量，這是一個過程量，所以熱量不能說“含有”，故D錯誤。
故選：B。
【點評】此題主要考查了：擴散現象、內能、內燃機的四個沖程、熱傳遞等知識，較為基礎。
7．如圖所示的工具中，屬于費力杠桿的是（　?。?br /> A．瓶蓋起子 B．食品夾
C．核桃鉗 D．起釘錘
【分析】結合圖片和生活經驗分析動力臂和阻力臂的大小關系，當動力臂大于阻力臂時，是省力杠桿；當動力臂小于阻力臂時，是費力杠桿；當動力臂等于阻力臂時，是等臂杠桿。
【解答】解：A、瓶蓋起子在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿，故A錯誤；
B、食品夾在使用過程中，動力臂小于阻力臂，是費力杠桿，故B正確；
C、核桃鉗在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿，故C錯誤；
D、起釘錘在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿，故D錯誤。
故選：B。
【點評】本題考查了杠桿的分類，包括以下幾種：①省力杠桿，動力臂大于阻力臂；②費力杠桿，動力臂小于阻力臂；③等臂杠桿，動力臂等于阻力臂。
8．如圖所示的電路是家庭電路的一部分，電工師傅按下面的順序進行檢測：①閉合S1，燈L1亮；②再閉合S2，燈L1亮，燈L2不亮；③用試電筆測a、b、c、d四個接線點，試電筆只在c點不發(fā)光。若電路中只有一處故障，故障可能是（　　）

A．燈L2短路 B．c點左側的零線斷路
C．燈L2所在支路斷路 D．c、d兩點間斷路
【分析】試電筆在使用時，應將筆尖接觸導線，手接觸筆尾的金屬體，這樣就可以形成回路，如果是火線，氖管會發(fā)光。
【解答】解：閉合S1，燈L1亮，電路中有電流，說明電路為通路，從保險絲→a→S1→L1→c以及c點左側的零線都沒有斷路；
再閉合S2，燈L2不亮，燈L2不亮的原因有兩個：一個是斷路、一個是短路，若燈L2短路時，電路的電流會很大，將保險絲燒斷，燈泡L1也不會發(fā)光；
用試電筆測a、b、c、d四個接線點，a、b、d三點的氖管發(fā)光，說明這三點與火線之間是接通的；試電筆只在c點不發(fā)光，說明c點與d點之間是斷開的，所以故障是c、d兩點間斷路，故D正確。
故選：D。
【點評】本題考查家庭電路故障的分析，相對比較簡單，屬于基礎題。
9．下列四個實驗能反映電風扇工作原理的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【分析】首先明確電動機的工作原理，然后根據圖示的實驗裝置，得到該裝置反應的物理理論，兩者對比從而可以得到答案。
【解答】解：電風扇的核心元件是電動機，電動機是利用通電導體在磁場中受力而運動的原理制成的。
A、該實驗說明閉合電路中的一部分導體在磁場中做切割磁感線運動時，會產生感應電流，是機械能轉化為電能，故A不符合題意；
B、移動滑片，小燈泡亮度發(fā)生改變，是電能轉化為內能，故B不符合題意；
C、該選項中存在電源，閉合開關后，處于磁場中的直導線會受力運動，即通電導體在磁場中受力運動，故是電動機的原理，故C符合題意；
D、該實驗裝置是奧斯特實驗裝置，此實驗說明了通電導體周圍存在著磁場，故D不符合題意。
故選：C。
【點評】電動機是將電能轉化為機械能的機械，它在工作時要消耗電能，因此解題時觀察圖形中有無電源是此題的解題關鍵。
注意：第10~13題每題至少有兩個選項正確。
10．（3分）下列關于安全用電和家庭電路的說法正確的是（　?。?br /> A．大功率家用電器的金屬外殼必須接地
B．空氣開關跳閘，一定是電路發(fā)生了短路
C．使用試電筆時，手必須接觸筆尾金屬體
D．控制電燈的開關必須接在電燈和火線之間
【分析】（1）大功率或帶有金屬外殼的用電器，必須使用三腳插頭，其中較長的腳與該用電器的外殼相連，以防外殼帶電，危及人身安全；
（2）導致電路中電流過大的原因有兩個：①電路中發(fā)生了短路；②電路中用電器的總功率太大；
（3）使用試電筆時，手必須接觸筆尾的金屬體；
（4）控制電燈的開關應與電燈串聯，當開關斷開時，為了使用電器不帶電，所以開關應該與火線相連。
【解答】解：A、大功率家用電器的金屬外殼接地線可防止因外殼漏電而觸電。故A正確；
B、當發(fā)生短路或用電器的總功率過大時，都會引起電路中的電流過大，空氣開關就會出現“跳閘”現象。故B錯誤；
C、使用試電筆電筆時，手要接觸筆尾金屬體，這樣測電筆才能正常工，但不能接觸筆尖的金屬體。故C正確；
D、開關要控制電燈，要與點燈串聯，且接在火線上，這樣開關斷開時，燈泡不再與火線相連，在維修和更換時不會造成觸電事故。故D正確。
故選：ACD。
【點評】本題考查生活用電安全的有關知識，主要考查學生對所學物理知識的綜合應用能力。
11．（3分）人們很難徒手打開新買的瓶裝罐頭，而用鋼匙撬瓶蓋，聽到“噗”的進氣聲，瓶蓋就容易打開了。下列說法正確的是（　?。?br /> A．瓶蓋很難被打開是因為瓶內氣壓大于瓶外氣壓
B．“噗”的一聲是空氣振動發(fā)出的
C．在撬瓶蓋的過程中鋼匙相當于省力杠桿
D．玻璃瓶口的螺紋相當于斜面
【分析】A、罐頭瓶蓋很難被打開是因為大氣壓的作用；
B、聲音是由物體的振動產生的；
C、動力臂大于阻力臂的杠桿是省力杠桿；
D、使用斜面可以省力，斜面越平緩越省力，但同時也就越費距離，據此分析判斷。
【解答】解：A、瓶蓋很難被打開是因為瓶內氣壓小于瓶外氣壓，故A錯誤；
B、聲音是由物體的振動產生的，撬起一個縫隙時聽到“噗”的一聲是空氣振動產生的，故B正確；
C、撬瓶蓋時鋼匙撬瓶蓋都是為了省力，并且在使用的過程中都是動力臂大于阻力臂，所以它們都是省力杠桿。故C正確。
D、瓶蓋沿瓶口的螺紋螺旋上升，相當于斜面較長。因為斜面高度一定時，斜面越長，使用起來越省力，故D正確；
故選：BCD。
【點評】學習中要注意理論聯系實際，養(yǎng)成善于觀察，勤于思考的良好習慣，判斷杠桿的類型可結合生活經驗和動力臂與阻力臂的大小關系來判斷。
12．（3分）如圖所示，水平桌面上甲、乙兩個底面積不同的燒杯，分別盛有A、B兩種不同液體，此時杯底受到液體的壓強相同，將兩個完全相同的小球分別放入兩個燒杯中，靜止后，小球在甲杯中漂浮，在乙杯中懸浮（沒有液體溢出）。下列判斷正確的是（　?。?br />
A．甲燒杯中液體A的密度小于乙燒杯中液體B的密度
B．放入小球后液體對甲杯底的壓力大于液體對乙杯底的壓力
C．放入小球后液體對甲杯底的壓強小于液體對乙杯底的壓強
D．甲燒杯中小球受到的浮力等于乙燒杯中小球受到的浮力
【分析】（1）根據p＝ρgh分析得出兩種液體的密度大??；
（2）液體對容器底部的壓力等于液體重力與小球重力的和；
（3）（4）利用漂浮和懸浮的條件F?。紾和p＝分析確定兩者底部所受液體的壓強。
【解答】解：
A、由圖知：hA＜hB，已知兩種液體對容器底的壓強相等，則根據p＝ρgh可知，ρA＞ρB，故A錯誤；
B、容器是規(guī)則的，未放入小球時，液體對容器底部的壓力等于自身的重力，甲中容器的底面積大，根據G＝F＝pS可知，甲中液體的重力要大于乙中液體的重力；小球在甲杯中漂浮，在乙杯中懸浮，此時放入小球后液體對杯底的壓力等于液體重力與小球重力的和，小球的重力相同，放入小球后液體對甲杯底的壓力大于液體對乙杯底的壓力，故B正確；
CD、由將兩個質量相等的物體分別放入兩個容器中，靜止時一個漂浮，另一個懸?。ㄒ后w均無溢出），浮力等于物體的重力，由于兩物體重力相等都為G，浮力相同；則p甲＝p+，p乙＝p+，所以，p甲＜p乙，故CD正確。
故選：BCD。
【點評】此題考查學生對于液體壓強、阿基米德原理、物體的浮沉條件的應用，綜合性強，關鍵是用好浮沉條件，靈活運用公式進行判斷。
13．（3分）如圖甲所示的電路中，電源電壓保持不變，R0為定值電阻，R為滑動變阻器。閉合開關S，移動滑片P，滑動變阻器消耗的電功率與電流關系的圖像如圖乙所示。則（　?。?br />
A．滑動變阻器的最大阻值是20Ω
B．滑動變阻器消耗的電功率最大時，變阻器的阻值是10Ω
C．電源電壓為8V
D．電路消耗的最大電功率為14.4W
【分析】（1）當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，R1的最大阻值和R0串聯，電流表測電路中的電流，此時電路中的電流最小，根據圖乙讀出電路中的最小電流和滑動變阻器的功率，根據P＝I2R求出滑動變阻器的最大阻值；
（2）根據的電阻的串聯和歐姆定律表示出電源的電壓；由圖乙可知，當電路中的電流I′＝0.6A時滑動變阻器的功率，根據P＝I2R求出滑動變阻器的阻值，根據電阻的串聯和歐姆定律表示出電源的電壓，根據電源的電壓不變得出等式即可求出R0的阻值，進一步求出電源的電壓；
（3）當滑動變阻器的電阻最小時，電路的電流最大，總電功率最大，根據P最大＝算出最大電功率。
【解答】解：（1）當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，R的最大阻值和R0串聯，電流表測電路中的電流，
由圖乙可知，電路中的最小電流I最小＝0.4A，滑動變阻器的功率P1＝3.2W，
由P＝I2R可得，滑動變阻器的最大阻值：
R最大＝＝＝20Ω，故A正確；
（2）因串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，
所以，由I＝可得，電源的電壓：
U＝I最小（R最大+R0）＝0.4A×（20Ω+R0），
由圖乙可知，當電路中的電流I′＝0.6A時，滑動變阻器的功率最大，最大為P1′＝3.6W，
則滑動變阻器接入電路中的電阻：
R′＝＝＝10Ω，故B正確；
電源的電壓：
U＝I′（R′+R0）＝0.6A×（10Ω+R0），
因電源的電壓不變，
所以，0.4A×（20Ω+R0）＝0.6A×（10Ω+R0），
解得：R0＝10Ω，
電源的電壓：
U＝I最?。≧+R0）＝0.4A×（20Ω+10Ω）＝12V，故C錯誤；
（3）當滑動變阻器的電阻最小時，電路的電流最大，總電功率最大，最大為：
P最大＝＝＝14.4W，故D正確。
故選：ABD。
【點評】本題考查了串聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，關鍵是根據圖象讀出電流和滑動變阻器功率的對應值。
二、填空題（本題共8個小題，每空1分，共25分）
14．（3分）我國用“長征”火箭成功發(fā)射了“天舟二號”貨運飛船，并與“天和號”核心艙順利對接。在對接過程中，“天舟二號”相對于“天和號”是 　運動　的，地面指揮中心發(fā)出的指令是通過 　電磁波　傳輸給“天舟二號”的，飛船在軌道運行過程中 　受到?。ㄟx填“受到”或“不受”）力的作用。
【分析】（1）研究機械運動時，假定不動的物體叫參照物，與參照物相比，物體位置有變化，說明物體在運動；物體位置沒有變化，說明物體處于靜止狀態(tài)；
（2）電磁波能在真空中傳播；
（3）物體在不受力或受到合力為零時一直保持靜止或勻速直線運動。
【解答】（1）在對接過程中，天舟二號”相對于“天和號”的位置是變化的，所以天舟二號”相對于“天和號”是運動的；
（2）在太空中是通過電磁波來傳遞信息的；
（3）飛船在軌道運行過程中做圓周運動，根據牛頓第一定律可知其受到非平衡力作用。
故答案為：運動；電磁波；受到。
【點評】本題考查物體運動和靜止的相對性，電磁波的傳輸與牛頓第一定律，熟記基礎知識即可解答，難度不大。
15．（3分）“柴門聞犬吠，風雪夜歸人”這一詩句中，人的腳步聲引起狗叫，說明聲音能傳遞 　信息　；狗的叫聲是通過 　空氣　傳到人耳中的；人是根據聲音的 　音色　這一特性辨別出狗的叫聲。
【分析】聲音能傳遞信息；聲音的傳播需要介質；我們通過音色來辨別不同的聲音。
【解答】解：“柴門聞犬吠，風雪夜歸人”意思是指聽到狗的叫聲，知道人回來了，這說明聲音能傳遞信息；狗的聲音是通過空氣傳入人耳的；我們之所以能辨別不同的聲音是因為不同的聲音音色不同。
故答案為：信息；空氣；音色。
【點評】本題考查了聲的利用：聲音可以傳遞信息和能量，是一道基礎題。
16．如圖所示，驗電器A帶正電，用帶有絕緣柄的金屬棒將驗電器A和不帶電的驗電器B的金屬球連接起來，發(fā)現驗電器B的金屬箔片張開，則驗電器B帶 　正　電，瞬間自由電子定向移動的方向是 　由B到A　（選填“由A到B”或“由B到A”）。

【分析】金屬導體中能夠自由移動的是帶負電荷的自由電子。
【解答】解：驗電器A帶正電（缺少電子），B不帶電；用帶絕緣柄的金屬桿將兩個驗電器的金屬球接觸時，B驗電器上自由電子（負電荷）向驗電器A移動，與A上的正電荷發(fā)生中和，使A的張角變小；B失去電子而帶正電，所以B的金屬箔由于帶上同種電荷相互排斥而張開；瞬間自由電子定向移動的方向是由B到A。
故答案為：正；由B到A。
【點評】本題考查了金屬導體導電的原因，屬于基礎知識的考查。
17．（4分）我國三峽工程是舉世矚目的跨世紀工程，三峽船閘是世界上最大的船閘。船閘是利用 　連通器　原理工作的；三峽大壩設計成上窄下寬的形狀是因為液體壓強隨深度的增加而 　增大　（選填“增大”或“減小”）；水庫蓄水發(fā)電是 　水的重力勢　能轉化為電能，而電能在傳輸過程中由于電流的 　熱　效應會產生電能損耗。
【分析】（1）對連通器的認識：上端開口，底部連通的儀器叫連通器；
（2）對液態(tài)壓強特點的記憶：液態(tài)的密度越大，深度越深，壓強越大。
（3）水蓄能發(fā)電站發(fā)電時，水庫的水放下來推動水輪機發(fā)電，水的重力勢能轉化成動能；
（4）電能在輸送過程中會因電流的熱效應而損失部分電能。
【解答】解：（1）船閘在工作時，閘室分別與上游和下游構成連通器，運用了連通器的原理；
（2）三峽大壩設計成了上窄下寬的形狀，原因是：液體壓強會隨著深度的增加而增大；
（3）發(fā)電時，水從高處流下來，水的重力勢能轉化成電能；
（4）電流流過導體時會產生熱量，損耗電能。
故答案為：連通器；增大；水的重力勢；熱。
【點評】本題連通器原理、液體壓強的特點、水能發(fā)電以及遠程輸電的有關知識，是一道綜合題。
18．（4分）煤炭是 　不可再生　（選填“可再生”或“不可再生”）能源，煤炭的大量使用會造成環(huán)境污染，為了減少環(huán)境污染，我國已經建成了多座利用原子核 　裂變?。ㄟx填“裂變”或“聚變”）釋放能量來發(fā)電的核電站；消毒柜是利用 　紫外線?。ㄟx填“紅外線”或“紫外線”）來消毒殺菌的；現在廣泛使用的LED節(jié)能燈主要是利用 　半導體　（選填“超導”或“半導體”）材料制成的。
【分析】（1）短期內可以從自然界得到補充的能源是可再生能源；短期內不能在自然界得到補充的能源是不可再生能源；
（2）核電站是利用鈾原子核裂變時放出的核能來發(fā)電的；
（3）紫外線具有殺菌功能；
（4）LED節(jié)能燈是利用二極管制成的。
【解答】解：（1）煤炭消耗完短期內不能在自然界得到補充，是不可再生能源；
（2）核電站是利用鈾原子核裂變時放出的核能來發(fā)電的；
（3）紫外線具有殺菌功能，紅外線具有熱效應；
（4）LED節(jié)能燈是利用二極管制成的。
故答案為：不可再生；裂變；紫外線；半導體。
【點評】本題考查了能源的分類、核能的應用、紅外線與紫外線的特點和半導體材料。要特別記住核裂變與核聚變的不同應用。
19．（3分）如圖所示，一個長方體木塊在6N的水平拉力作用下，在水平桌面上做勻速直線運動，木塊受到桌面的摩擦力是 　6　N，如果拉力增大到10N，木塊受到的摩擦力將 　不變?。ㄟx填“變大”、“變小”或“不變”）；如果將靜止在水平桌面上的木塊沿豎直方向切割掉三分之一，則切割前后木塊對桌面的壓強之比是 　1：1　。

【分析】當物體做勻速直線運動時，處于平衡狀態(tài)，受力平衡；摩擦力的大小與壓力大小和接觸面的粗糙程度有關；
根據p＝推導柱形固體對水平支持面壓強公式，因密度、高度不變，據此得出對水平桌面的壓強之比。
【解答】解：由于木塊在水平方向上做勻速直線運動，所以水平方向上的拉力與摩擦力是一對平衡力，所以摩擦力f＝F＝6N；當拉力增大后，因為木塊對桌面的壓力大小仍等于重力，沒有變化；而且接觸面的粗糙程度也不變，所以摩擦力大小不變；
設長方體木塊的重力為G，底面積為S，其對支持面的壓力F＝G，則其對桌面的壓強：p＝＝＝＝＝＝ρgh，因切割后的木塊密度和高度均不變，則對水平桌面的壓強不變，即切割前后木塊對桌面的壓強之比是1：1。
故答案是：6；不變；1：1。
【點評】本題考查了二力平衡條件的應用、摩擦力大小的影響因素、固體壓強公式的應用，有兩點須注意：一是先判斷物體的運動狀態(tài)；二是判斷摩擦力大小的影響因素是否發(fā)生變化。
20．（3分）如圖所示，物體A重100N．物體B重10N，此時A沿著水平桌面以0.2m/s的速度向右做勻速直線運動（不計摩擦、繩重及滑輪重），那么物體B勻速下降的速度是　0.4　m/s，物體A與水平面間的摩擦力是　20　N，10s內物體A受到的拉力做功　40　J。

【分析】（1）由圖可知，n＝2，物體B下滑的速度等于物體A移動速度的2倍；
（2）繩端拉力等于物體B的重力，不計摩擦、繩重及滑輪重，F拉＝f，據此求物體A受到的水平向左的摩擦力；
（2）利用v＝求10s內物體A移動的距離，物體A受到的拉力等于摩擦力，利用W＝Fs求10s內，物體A受到的拉力做功。
【解答】解：
（1）由圖可知，n＝2，vA＝0.2m/s，
則物體B下滑的速度為vB＝2vA＝2×0.2m/s＝0.4m/s；
（2）物體B勻速下降，則繩端的拉力：F拉＝GB＝10N，
不計摩擦、繩重及滑輪重，F拉＝f，
所以，物體A與水平面間的摩擦力：f＝2F拉＝2×10N＝20N；
（2）根據v＝可得，10s內物體A移動的距離：s＝vAt＝0.2m/s×10s＝2m，
因物體A向右勻速運動，則物體A受到的拉力：F＝f＝20N，
10s內物體A受到的拉力做功：W＝Fs＝20N×2m＝40J。
故答案為：0.4；20；40。
【點評】本題考查滑輪組繩組拉力的計算、功的計算，同時考查速度公式的應用，關鍵是滑輪組繩子有效股數的確定。
21．（3分）將“12V 12W”的小燈泡L1和“12V 6W”的小燈泡L2串聯起來，直接接到電壓恒定的電源兩端。開關閉合后，恰好有一個小燈泡正常發(fā)光，而另一個小燈泡比正常發(fā)光時暗些，則正常發(fā)光的小燈泡是 　L2　，電源電壓是 　18　V，發(fā)光較暗的小燈泡的實際功率是 　3　W。（燈絲電阻不變）
【分析】根據電功率公式的變形計算兩燈的正常發(fā)光時的電流，根據歐姆定律的變形計算兩燈泡的電阻，根據串聯電路電流特點確定通過電路的電流，進一步明確正常發(fā)光的燈泡，根據串聯電路電阻規(guī)律結合歐姆定律計算電源電壓，由電功率公式P＝I2R可知電阻小的燈泡發(fā)光暗，進一步計算發(fā)光較暗的小燈泡的實際功率。
【解答】解：由P＝UI，兩燈的正常發(fā)光電流分別為：
I1＝＝＝1A，I2＝＝＝0.5A，
由I＝可得，兩燈的電阻分別為：
R1＝＝＝12Ω，R2＝＝＝24Ω，
因串聯電路中電流處處相等，L2的額定電流小于L1的額定電流，所以兩燈泡串聯時，L2正常發(fā)光，且電路中電流為I＝0.5A，
串聯電路總電阻等于各部分電阻之和，由歐姆定律可得電源電壓：U＝I（R1+R2）＝0.5A×（12Ω+24Ω）＝18V；
由電功率公式P＝I2R可知電阻小的燈泡發(fā)光暗，發(fā)光較暗的小燈泡的實際功率是：P＝I2R1＝（0.5A）2×12Ω＝3W。
故答案為：L2；18；3。
【點評】本題考查串聯電路特點、歐姆定律、電功率公式的靈活運用。
三、作圖題（本題共3個小題，每小題3分，共9分）
22．（3分）用等長絕緣細線懸掛著的甲、乙兩個完全相同的帶電小球靜止時，小球位置如圖所示，請畫出甲球所受力的示意圖（力的作用點在球心）。

【分析】（1）根據圖示情景，對甲小球進行受力分析，然后按照力的示意圖的畫法畫出各個力；
（2）畫力的示意圖的一般步驟為：一畫簡圖二定點，三畫線，四畫尖，五把力的符號標尖邊。按照這個作圖步驟，很容易能夠畫出指定力的示意圖。
【解答】解：分析可知，甲小球受到豎直向下的重力、沿懸線向上的拉力；同時根據電荷間相互作用的規(guī)律可知，甲小球受到水平向左的斥力；過甲小球重心，分別沿各力的方向畫一條有向線段，并分別用G、F拉和F斥表示，如圖所示：

【點評】此題考查力的示意圖的畫法，關鍵是對乙小球進行正確的受力分析，難度不大。
23．（3分）如圖所示，S′是點光源S在平面鏡中所成的像，S發(fā)出的一條光線經平面鏡反射后恰好經過凸透鏡左側焦點F。要求：
（1）畫出點光源S；
（2）補充入射光線；
（3）畫出反射光線經過凸透鏡的折射光線。

【分析】（1）根據平面鏡成像的特點做出S；
（2）根據發(fā)光點和反射點做出入射光線；
（3）從焦點發(fā)出的光線經過凸透鏡后會平行于主光軸。
【解答】解：（1）平面鏡成像時，像與物體關于鏡面是對稱的，據此做出發(fā)光點S；
（2）由圖可知，像與反射光線的連線與鏡面的交點為反射點，連接S和反射點，該光線為入射光線；
（3）從焦點發(fā)出的光線經過凸透鏡后會平行于主光軸；如圖所示：

【點評】此題考查光的反射定律作圖、平面鏡成像特點和凸透鏡對光線的作用，綜合性較強。
24．（3分）將如圖所示的電磁鐵的電路連接完整，要求：
（1）根據小磁針靜止時N極指向，在括號中標出電磁鐵左端的極性（用“N”或“S”表示）；
（2）在虛線框內畫出電池符號；
（3）開關閉合后，變阻器的滑片只有向右移動時，電磁鐵的磁性才會變強（連接時導線不能交叉）


【分析】（1）根據磁極間的相互作用規(guī)律得出電磁鐵的磁性；
（2）根據安培定則判定電磁鐵中電流的方向；
（3）電磁鐵磁性的大小與電流大小和線圈的匝數有關。
【解答】解：（1）小磁針靜止時N極指向右，根據異名磁極相互吸引可知，電磁鐵的右端為S極，左端為N極；
（2）根據安培定則可知，電流從電磁鐵的右端流入，左端流出，所以電池的上端為正極；
（3）開關閉合后，變阻器的滑片只有向右移動時，電磁鐵的磁性會變強，這說明電路中的電流變大，根據歐姆定律可知，電路中的總電阻變小，則滑動變阻器的電阻變小，滑動變阻器滑片應與左側導線相連；
如圖所示：

【點評】本題考查了安培定則的應用、磁極間的相互作用規(guī)律、電路圖的畫法，難度不大。
四、簡答題（本題4分）
25．（4分）為了有效阻斷新冠病毒的傳播，全國人民積極響應政府號召，主動接種新冠疫苗。關于注射疫苗時的一些現象，請你用所學的物理知識加以解釋：
（1）為什么注射器的針頭很尖？
（2）為什么向外拉活塞瓶內的藥液就會被“抽”進針管？
【分析】（1）增大壓強的方法：在壓力一定時，通過減小受力面積來增大壓強；在受力面積一定時，通過增大壓力來增大壓強。減小壓強的方法：在壓力一定時，通過增大受力面積來減小壓強；在受力面積一定時，通過減小壓力來減小壓強；
（2）針筒吸藥液這一現象中，藥液不是吸上去的，而是被大氣壓壓上去的。推下活塞，排除注射器里面的空氣后再提起活塞的目的是為了使針筒內的氣壓小于外界大氣壓。
【解答】答：（1）注射器的針頭很尖，是在壓力一定時，通過減小受力面積來增大壓強；
（2）將注射器的活塞推下時，將針筒內的空氣排出，再向上提起活塞時，針筒內的體積增大，管內氣壓減小，藥液在外界大氣壓的作用下被壓入針筒內。
【點評】此題考查大氣壓的應用以及增大壓強的方法，難度不大。
五、計算題（本題共3個小題，共22分。要求寫出必要的文字說明、公式、運算過程、數值、單位和答案）
26．（8分）國產某品牌SUV汽車，質量為1.8t，四個輪胎的著地面積是0.06m2，在水平公路上，以72km/h的速度勻速行駛100km，發(fā)動機的功率恒定為30kW。求：（g取10N/kg，q＝4.5×107J/kg）
（1）該車靜止在水平地面上時對地面的壓強；
（2）該車勻速行駛時的牽引力和行駛100km牽引力做的功；
（3）若汽油完全燃燒釋放的內能全部轉化為車的機械能，該車行駛100km需要汽油多少千克。（結果保留一位小數）

【分析】（1）汽車在水平地面上，對地面的壓力等于汽車的重力，受力面積等于四個輪胎和地面的總接觸面積；根據求出汽車對水平地面的壓強；
（2）已知汽車的速度和功率，根據P＝Fv即可計算出汽車的牽引力，再根據W＝Fs即可計算出牽引力所做功的多少；
（3）若汽油完全燃燒釋放的內能全部轉化為車的機械能，則Q＝W；根據Q＝mq即可計算出需要汽油的質量。
【解答】解：
（1）汽車的重力為：G＝mg＝1.8×103kg×10N/kg＝1.8×104N，
汽車對地面的壓力：F＝G＝1.8×104N，
則汽車靜止時對地面的壓強為：；
（2）汽車的速度為v＝72km/h＝20m/s，
由P＝Fv得汽車的牽引力為：
，
行駛100km牽引力做的功為：
W＝F牽s＝1500N×100×103m＝1.5×108J；
（3）若汽油完全燃燒釋放的內能全部轉化為車的機械能，則Q＝W；
根據Q＝mq可得，行駛100km需要汽油的質量為：
。
答：（1）該車靜止在水平地面上時對地面的壓強3×105Pa；
（2）該車勻速行駛時的牽引力是1500N，行駛100km牽引力做的功是1.5×108J；
（3）若汽油完全燃燒釋放的內能全部轉化為車的機械能，該車行駛100km需要汽油3.3千克。
【點評】本題考查了重力公式、壓強公式、功的計算公式以及燃料完全燃燒放熱公式的應用，有一定的綜合性。
27．（7分）圖甲所示的電路中，燈泡L的額定功率為3.6W（燈絲電阻不變），開關S閉合，S1斷開，變阻器的滑片移動到最左端時，燈泡L正常發(fā)光。圖乙是變阻器的滑片從最右端移動到最左端過程中，電壓表示數隨電流表示數變化的圖像。求：
（1）電源電壓；
（2）變阻器R的最大阻值；滑片在變阻器的最右端時，燈泡L的實際功率；
（3）什么情況下電路消耗的功率最大；此時變阻器1min消耗的電能。

【分析】（1）由甲圖可知：開關S閉合，S1斷開，變阻器的滑片移動到最左端時，滑動變阻器短路，回路中只有燈泡L，所以燈泡兩端的電壓就是電源電壓，結合乙圖分析判斷。
（2）由乙圖可知：當滑片滑到最右端時電阻最大，電路中電流最小為0.2A，變阻器R的最大阻值，根據R＝即可求出變阻器的阻值；再根據P＝UI求出燈泡的實際功率；
（3）根據可知，變阻器和燈泡并聯時R最小，電路消耗的功率越大，根據W＝即可求出變阻器1min消耗的電能。
【解答】解：（1）開關S閉合，S1斷開，變阻器在左端時，變阻器與燈泡串聯，因額定電壓下燈泡正常發(fā)光，電路中的電流最大，最大值為0.6A，所以，由燈泡正常發(fā)光可知，電源電壓U＝＝＝6V
（2）
＝＝20Ω
滑片在變阻器的最右端時，燈泡L的實際功率
PL＝（U﹣UR）Imin＝（6V﹣4V）×0.2A＝0.4W；
（3）電源電壓一定，開關S，S1都閉合，滑片滑到最左端時，電路消耗的功率最大，此時變阻器1min的電能為
＝＝108J。
答：（1）電源電壓為6V；
（2）變阻器R的最大阻值為20Ω，滑片在變阻器的最右端時，燈泡L的實際功率為0.4W；
（3）開關S，S1都閉合，滑片滑到最左端時，電路消耗的功率最大，此時變阻器1min的電能為108J。
【點評】本題考查了電功與電能的計算、歐姆定律的應用、電功率的計算，是一對電學的綜合題，難度較大。
28．（7分）圖甲是某款具有加熱和保溫雙重功能的暖奶器的簡化電路圖，其加熱效率為80%。圖乙是暖奶器某次工作時電流隨時間變化的圖像。[最適合寶寶飲用的牛奶溫度是40℃，c牛奶＝4.0×103J/（kg?℃）]求：
（1）電阻R2的阻值是多少；
（2）加熱過程電路消耗的電能是多少；這些電能可將多少千克牛奶從20℃加熱到40℃。

【分析】（1）由圖甲可知，只閉合開關S時，電路為R1的簡單電路，電路中電阻較大（大于并聯時的總電阻），此時電流較小，為保溫擋；當S、S1都閉合時，R1、R2并聯，干路中電流較大，為加熱擋；
由圖乙可知加熱擋和保溫擋的電流，根據并聯電路電流特點求出通過R2的電流，利用歐姆定律即可求出R2的阻值。
（2）由乙圖可知加熱時間以及加熱時干路中的電流，根據W＝UIt求出加熱時消耗的電能，知道暖奶器的加熱效率為80%，由效率公式求出被牛奶吸收的熱量；再根據Q吸＝cmΔt算出牛奶的質量。
【解答】解：
（1）由圖甲可知，只閉合開關S時，電路為R1的簡單電路，電路中電阻較大（大于并聯時的總電阻），此時電流較小，為保溫擋；當S、S1都閉合時，R1、R2并聯，總電阻較小，干路中電流較大，為加熱擋；
由乙圖可知：加熱時的總電流I＝1A，保溫時通過電阻R1的電流I1＝0.2A，
由并聯電路的電流特點可知，加熱時通過R2的電流I2＝I﹣I1＝1A﹣0.2A＝0.8A，
電阻R2的阻值R2＝＝＝275Ω。
（2）由圖可知加熱時間t＝3min＝180s，
加熱過程中電路消耗的電能W＝UIt＝220V×1A×180s＝39600J，
暖奶器的加熱效率為80%，所以被牛奶吸收的熱量Q吸＝W×80%＝39600J×80%＝31680J，
牛奶升高的溫度Δt＝40℃﹣20℃＝20℃，
根據Q吸＝cmΔt可知，能被加熱的牛奶的質量：
m＝＝＝0.396kg。
答：（1）電阻R2的阻值是275Ω；
（2）加熱過程電路消耗的電能是39600J；這些電能可將0.396千克牛奶從20℃加熱到40℃。
【點評】本題考查了串并聯的特點，電功和熱量的綜合計算，綜合性強，難度較大。
六、實驗、探究題（本題共4個小題，共30分）
29．（7分）學習小組“探究凸透鏡成像的規(guī)律”，進行了如下操作：

（1）安裝好器材后，調節(jié)燭焰、凸透鏡和光屏，使它們三者中心在 　同一高度　。
（2）實驗時，將凸透鏡放置在光具座50cm刻度處，蠟燭和光屏移動到如圖所示的位置時，光屏上得到燭焰清晰的像，保持蠟燭和光屏的位置不動，將凸透鏡移動到光具座 　65　cm刻度處，光屏上再次出現燭焰 　縮小?。ㄟx填“放大”、“等大”或“縮小”）的清晰的像，生活中 　照相機　（選填“照相機”、“投影儀”或“放大鏡”）就是根據這個原理制成的。
（3）將一個凹透鏡放在蠟燭和凸透鏡之間，光屏上的像變得模糊了，向 　右?。ㄟx填“左”或“右”）移動光屏，像又變得清晰了，用這種方法可以矯正 　近視?。ㄟx填“近視”或“遠視”）。
（4）實驗中蠟燭燃燒變短，燭焰的像離開了光屏的中央，將凸透鏡向 　下　移動，燭焰的像就可以重新回到光屏的中央。
【分析】（1）為使像能成在光屏的中心，應調整燭焰、凸透鏡和光屏的高度，使它們的中心大致在同一高度；
（2）在光的折射中，光路是可逆的；當物距大于2f時，凸透鏡成倒立縮小的實像，應用照相機；
（3）近視眼鏡是凹透鏡，凹透鏡對光線有發(fā)散作用，使會聚的光線推遲會聚；
（4）經過光心的光線的傳播方向不變。
【解答】解：（1）在做實驗的過程中，調整凸透鏡和光屏的高度，使燭焰、凸透鏡和光屏三者中心大致在同一高度，是為使燭焰的像成在光屏的中心；
（2）將凸透鏡放置在光具座50cm刻度處，蠟燭和光屏移動到如圖所示的位置時，此時的物距為u＝50.0cm﹣35.0cm＝15.0cm，像距為v＝80.0cm﹣50.0cm＝30.0cm；物距小于像距，光屏上得到燭焰清晰的倒立、放大的實像，保持蠟燭和光屏的位置不動，將凸透鏡移動到光具座65cm刻度處，此時的物距等于原來的像距，根據光路可逆可知，光屏上再次出現燭焰倒立、縮小的實像，其應用是照相機；
（3）將一個凹透鏡放在蠟燭和凸透鏡之間，由于凹透鏡對光線具有發(fā)散作用，會推遲光線會聚，所以應向右移動光屏，才能在光屏上呈現清晰的像；近視眼的成因是像成在了視網膜的前方，需要佩戴凹透鏡來矯正；
（4）實驗中，燃燒的蠟燭逐漸變短，向下運動，所以光屏上的像逐漸向上移動；為了使像成在光屏的中心，應向上移動蠟燭或向下移動凸透鏡。
故答案為：（1）同一高度；（2）65；縮??；照相機；（3）右；近視；（4）下。
【點評】此題是探究凸透鏡成像的規(guī)律，主要考查了實驗的探究過程及成像規(guī)律的應用，以及凹透鏡對光線的會聚作用，此題看似復雜，其實只要用心，仔細審題，并不難。
30．（6分）圖甲是探究“水沸騰時溫度變化的特點”的實驗裝置：

（1）實驗器材的組裝順序為 　自下而上?。ㄟx填“自下而上”或“自上而下”）
（2）甲圖中有一處明顯的錯誤是 　溫度計的玻璃泡與容器壁接觸?。?br /> （3）改正錯誤后，某一時刻溫度計的示數如圖乙所示，此時水的溫度是 　91　℃；
（4）水沸騰時，杯口附近出現大量“白氣”，“白氣”是水蒸氣遇冷 　液化　形成的。繼續(xù)對水加熱，水的溫度 　不變?。ㄟx填“升高”、“降低”或“不變”）；由圖丙可知水的沸點是98℃，此時的大氣壓強 　低于　（選填“高于”、“低于”或“等于”）1標準大氣壓。
【分析】（1）實驗室用酒精燈加熱時，需要用酒精燈火焰的外焰，所以要先固定好酒精燈后，再固定石棉網的位置，而溫度計的玻璃泡不能接觸容器底和容器壁，所以要先固定好燒杯，再固定溫度計，所以實驗器材組裝的順序要“自下而上”；
（2）溫度計在使用時，溫度計的玻璃泡不能與容器底或容器壁接觸；
（3）溫度計讀數前應先確定其分度值；
（4）物質由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)的過程稱為液化；水沸騰的過程中持續(xù)吸熱，溫度保持不變；液體壓強受氣壓影響，氣壓越高，液體沸點越高，氣壓越低，液體沸點越低。
【解答】解：（1）實驗室用酒精燈加熱時，需要用酒精燈火焰的外焰，所以要先固定好酒精燈后，再固定石棉網的位置，而溫度計的玻璃泡不能接觸容器底和容器壁，所以要先固定好燒杯，再固定溫度計，所以實驗器材組裝的順序要“自下而上”；
（2）溫度計在使用時，溫度計的玻璃泡不能與容器底或容器壁接觸，圖中溫度計的玻璃泡與容器壁接觸；
（3）該溫度計的分度值為1℃，由圖可知其讀數為：91℃；
（4）燒杯口附近的“白氣”是因為水蒸氣遇冷液化形成的小液滴；
液體沸騰的特點：持續(xù)吸熱，溫度保持不變；
液體壓強手氣壓影響，氣壓越高，沸點越高，氣壓越低，沸點越低。由題可知，此時沸點為98℃，小于1標準大氣壓下水的沸點，說明此時的大氣壓低于1標準大氣壓。
故答案為：（1）自下而上；（2）溫度計的玻璃泡與容器壁接觸；（3）91；（4）液化；不變；低于。
【點評】本題主要考查了探究水沸騰實驗中的一些常見問題，比較基礎。
31．（8分）探究小組的同學們利用天平、量筒等實驗器材測量一個金屬塊的密度，具體實驗操作如下：

（1）將天平放在水平桌面上，將游碼移至標尺左端的 　零刻度線　處，此時指針位置如圖甲所示，要使天平平衡，應向 　右　調節(jié)平衡螺母。
（2）把金屬塊放在天平左盤，向右盤加減砝碼并調節(jié)游碼在標尺上的位置，天平平衡后，右盤中砝碼質量和游碼的位置如圖乙所示，金屬塊的質量是 　32.4　g。
（3）在量筒中加入20mL水，讀數時視線應與凹液面底部 　相平　，將金屬塊輕輕放入量筒中，如圖丙所示，則金屬塊的體積是 　10　cm3。
（4）金屬塊的密度是 　3.24×103　kg/m3。
（5）實驗時，若將（2）、（3）兩個步驟順序對調，這種方法測出的金屬塊的密度與真實值相比 　偏大　（選填“偏大”或“偏小”）
（6）小強同學又取來一根粗細均勻的飲料吸管，在其下端塞入適量金屬絲并用石蠟封口，制成一個能始終豎直漂浮在液體中的簡易密度計，用這個簡易密度計測量某液體的密度，實驗步驟如下：（ρ水＝1.0×103kg/m3）
①用刻度尺測出密度計的長度是10cm；
②將密度計放入盛有水的燒杯中，靜止后測出密度計露出水面的長度是4cm；
③將密度計從水中取出并擦干，然后放入盛有被測液體的燒杯中，靜止后測出密度計露出水面的長度是2cm；
④被測液體的密度是 　0.75　g/cm3。

【分析】（1）使用天平之前，首先把天平放在水平臺上，把游碼移到標尺左端的零刻度線處，然后調節(jié)平衡螺母使天平的橫梁水平平衡；
調節(jié)天平橫梁水平平衡時，指針偏向分度盤中線的左側，說明天平的左端下沉，平衡螺母向上翹的右端移動；
（2）金屬塊的質量等于砝碼的質量加游碼對應的刻度值；
（3）讀取量筒中液體的體積時，首先要明確量筒的分度值，根據液面對應的刻度讀數，讀數時視線應與凹液面底部相平；
金屬塊的體積等于金屬塊和水的總體積減去水的體積，
（4）根據密度公式ρ＝求出金屬塊的密度；
（5）若將（2）、（3）兩個步驟順序對調，由于金屬塊從水中取出時會沾水，導致所測量的質量偏大，利用密度公式ρ＝求出密度會偏大；
（6）密度計在水中和在液體中都漂浮，根據漂浮條件，受到的浮力都等于重力，根據浮力相等列出等式求出液體的密度。
【解答】解：（1）使用天平之前，首先把天平放在水平桌面上，把游碼移到標尺左端的零刻度線處，然后調節(jié)平衡螺母使天平的橫梁水平平衡；
調節(jié)天平橫梁平衡時，由圖甲可知指針靜止時偏向分度盤中線的左側，說明天平的左端下沉，平衡螺母向上翹的右端移動；
（2）由圖乙可知，天平標尺上的分度值為0.2g，金屬塊的質量為：m＝20g+10g+2.4g＝32.4g，
（3）使用量筒測量體積時，讀數時視線應與凹液面底部相平；
由圖丙可知，量筒的分度值為0.2mL，水面對應的刻度為：V總＝30mL＝30cm3；
金屬塊的體積為：V＝V總﹣V水＝30cm3﹣20cm3＝10cm3，
（4）金屬塊的密度為：ρ＝＝＝3.24g/cm3＝3.24×103kg/m3；
（5）若將（2）、（3）兩個步驟順序對調，由于金屬塊從水中取出時會沾水，導致所測量的質量偏大，利用密度公式ρ＝求出石塊的密度會偏大；
（6）密度計在水中和在液體中都漂浮，根據漂浮條件，受到的浮力都等于重力，所以密度計在水中和在液體中受到的浮力相等，即F水?。紽液浮，
設密度計的橫截面積為S，密度計浸入水中的深度為h水，密度計浸入液體中的深度為h液，
根據阿基米德原理得：ρ水gSh水＝ρ液gSh液，
所以液體的密度：ρ液＝ρ水＝×1.0g/cm3＝0.75g/cm3。
故答案為：（1）零刻度線；右；（2）32.4；（3）相平；10；（4）3.24×103kg/m3；（5）偏大；（6）0.75g/cm3。
【點評】本題是測物質密度的基本方法以及利用浮力測物體密度的實驗，考查了天平和量筒的使用、密度公式的應用、阿基米德原理的理解和應用等，考查知識點多，綜合性強。
32．（9分）小剛在實驗室利用圖甲所示的實驗裝置測量額定電壓為2.5V小燈泡的額定功率（電源電壓恒定）。實驗步驟如下：

（1）開關閉合前，應將滑片移到變阻器的 　最左?。ㄟx填“最左”或“最右”）端；
（2）閉合開關，移動變阻器的滑片，電流表有示數，而電壓表沒有示數，故障的原因可能是小燈泡 　短路?。ㄟx填“短路”或“斷路”）；
（3）排除故障后，移動變阻器的滑片到某一位置時，電壓表的示數為1V，此時應將變阻器的滑片向 　右　（選填“左”或“右”）滑動，直到電壓表的示數為2.5V時為止，此時電流表的示數如圖乙所示，則電流值為 　0.24　A，小燈泡的額定功率為 　0.6　W。
（4）根據實驗數據繪制的通過小燈泡的電流隨其兩端電壓變化的圖像，如圖丙所示，該圖像不是直線的原因是 　燈泡電阻受溫度影響很大　。實驗中小燈泡隨著它兩端電壓的增大而逐漸變亮，是因為小燈泡的亮度是由它的 　實際功率　決定的。
（5）小剛又設計了如圖丁所示的電路，測出了只標有額定電流為0.3A的小燈泡的額定功率。電源電壓恒定，變阻器R1的最大阻值為10Ω，實驗操作如下：
①閉合S1，斷開S2，移動變阻器R1的滑片，使電流表的示數為0.3A；
②閉合S2，斷開S1，保持變阻器R1的滑片位置不動，移動變阻器R2的滑片，使電流表的示數仍為0.3A；
③　保持變阻器R2的滑片位置不動　，將變阻器R1的滑片移到最左端，電流表的示數為0.6A，再將變阻器R1的滑片移到最右端，電流表的示數為0.2A；
④小燈泡的額定功率為 　0.45　W。
【分析】（1）閉合開關前，應將滑動變阻器的滑片移到阻值最大處；
（2）閉合開關，移動變阻器的滑片，電流表有示數，說明電路為通路，電壓表沒有示數，則與電壓表并聯部分電路短路；
（3）排除故障后，移動變阻器的滑片到某一位置時，電壓表的示數為1V，由串聯電路分壓原理可知滑動變阻器接入電路的電阻太大，所以應將變阻器的滑片向右移動，電流表接入電路的量程為0～0.6A，每一小格表示0.02A，由乙圖可知通過燈泡的電流，根據P＝UI計算燈泡的額定功率；
（4）燈泡的電阻隨溫度的升高而增大，燈泡的亮度是由它的實際功率決定的；
（5）①閉合S1，斷開S2，燈泡和變阻器R1串聯接入電路，移動變阻器R1的滑片，使電流表的示數為0.3A，此時燈泡正常發(fā)光，
②閉合S2，斷開S1，兩個滑動變阻器串聯接入電路，保持變阻器R1的滑片位置不動，移動變阻器R2的滑片，使電流表的示數仍為0.3A，變阻器R2等效代替了燈泡，
③保持變阻器R2的滑片位置不動，將變阻器R1的滑片移到最左端，變阻器R1接入電路的電阻為0，電路為變阻器R2的簡單電路，由歐姆定律可得電源電壓，再將變阻器R1的滑片移到最右端，此時變阻器R2和變阻器R1的最大阻值串聯接入電路，根據歐姆定律計算電路總電阻，根據串聯電路電阻規(guī)律計算變阻器R2的電阻，即燈泡阻，
④根據P＝UI計算該小燈泡的額定功率。
【解答】解：（1）閉合開關前，應將滑動變阻器的滑片移到阻值最大處，即滑動變阻器的最左端；
（2）閉合開關，移動變阻器的滑片，電流表有示數，說明電路為通路，電壓表沒有示數，則與電壓表并聯部分電路短路，即燈泡短路；
（3）排除故障后，移動變阻器的滑片到某一位置時，電壓表的示數為1V，由串聯電路分壓原理可知滑動變阻器接入電路的電阻太大，所以應將變阻器的滑片向右移動，直到電壓表的示數為2.5V時為止，
電流表接入電路的量程為0～0.6A，每一小格表示0.02A，由乙圖可知通過燈泡的電流為0.24A，
燈泡的額定功率：P＝UI＝2.5V×0.24A＝0.6W；
（4）小燈泡的電流隨其兩端電壓變化的圖像，如圖丙所示，該圖像不是直線的原因是燈泡的電阻隨溫度的升高而增大，實驗中小燈泡隨著它兩端電壓的增大而逐漸變亮，是因為小燈泡的亮度是由它的實際功率決定的；
（5）①閉合S1，斷開S2，燈泡和變阻器R1串聯接入電路，移動變阻器R1的滑片，使電流表的示數為0.3A，此時燈泡正常發(fā)光，
②閉合S2，斷開S1，兩個滑動變阻器串聯接入電路，保持變阻器R1的滑片位置不動，移動變阻器R2的滑片，使電流表的示數仍為0.3A，變阻器R2等效代替了燈泡，變阻器R2的電阻等于燈泡正常發(fā)光時的電阻，
③保持變阻器R2的滑片位置不動，將變阻器R1的滑片移到最左端，變阻器R1接入電路的電阻為0，電路為變阻器R2的簡單電路，電流表的示數為0.6A，
由歐姆定律可得電源電壓：U＝I1R2＝0.6A×R2，
再將變阻器R1的滑片移到最右端，此時變阻器R2和變阻器R1的最大阻值串聯接入電路，電流表的示數為0.2A，
該電路的總電阻：＝＝3R2，
串聯電路總電阻等于各分電阻之和，所以變阻器R2的電阻：R2＝R﹣R1＝3R2﹣10Ω，解得：R2＝5Ω；
④小燈泡的額定功率為：P′＝I′2R2＝（0.3A）2×5Ω＝0.45W。
故答案為：（1）最左；（2）右；（3）短路；0.24；0.6；（4）燈泡的電阻受溫度影響很大；實際功率；（5）保持變阻器R2的滑片位置不動；0.45。
【點評】測小燈泡的額定功率考查實驗的注意事項、故障的分析、滑動變阻器的使用、電流表的讀數、串聯電路特點、等效代替法、歐姆定律、電功率公式的靈活運用等